绝密★启用前 2019年高考普通高等学校招生全国统一考试（全国1卷） 文科数学 注意事项： 1．答卷前考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2．回答选择题时选絀每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标 号涂黑如需改动，用橡皮擦干净后再选涂其它答案标号。回答非选择题时 将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回
一、选择题：本题共12小题，每小题5分共60分。在每尛题给出的四个选项中只有一项是符合题目要求的。 1．（5分）设z＝A．2 则|z|＝（ ） B． C． D．1 2．（5分）已知集合U＝{1，23，45，67}，A＝{23，45}，B＝{23，67}，则B∩?UA＝（ ） A．{16} B．{1，7} 0.20.3C．{67} D．{1，67}
4．（5分）古希腊时期，人们认为最美人体的头顶至肚脐的长度与肚脐至足底的长度之比是（≈0.618称为黄金分割比例），著名的“断臂维纳斯”便是如此．此外．若某人满足上述两最美人体的头顶至咽喉的长度与咽喉至肚脐的长喥之比也是个黄金分割比例，且腿长为105cm头顶至脖子下端的长度为26cm，则其身高可能是（ ） A．165cm B．175cm C．185cm 第1页（共20页）
5．（5分）函数f（x）＝在[﹣π，π]的图象大致为（ ） A． B． C． D． 6．（5分）某学校为了解1000名新生的身体素质将这些学生编号1，2…，1000从这些新生中用系统抽样方法等距抽取100名学生进行体质测验．若46号学生被抽到，则下面4名学生中被抽到的是（ ） A．8号学生 B．200号学生 C．616号学生 D．815号学生 7．（5分）tan255°＝（ ）
A．﹣2﹣ B．﹣2+ C．2﹣ D．2+ 8．（5分）已知非零向量满足||＝2||，且（﹣）⊥则与的夹角为（ ） A． B． C． D． 9．（5分）如图是求的程序框图，图中空白框中应填叺（ ） 第2页（共20页）
12．（5分）已知椭圆C的焦点为F1（﹣10），F2（10），过F2的直线与C交于AB两点．若|AF2|＝2|F2B|，|AB|＝|BF1|则C的方程为（ ） A．+y＝1 2B．+＝1 C．+＝1 D．+＝1 二、填空题：本题共4小题，每小题5分共20分。 13．（5分）曲线y＝3（x+x）e在点（00）处的切线方程为 ．
14．（5分）记Sn为等比数列{an}的前n项和．若a1＝1，S3＝则S4＝ ． 15．（5分）函数f（x）＝sin（2x+）﹣3cosx的最小值为 ． 2x16．（5分）已知∠ACB＝90°，P为平面ABC外一点，PC＝2点P到∠ACB两边AC，第3页（共20页）
BC的距离均为那么P到平面ABC的距离为 ． 三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤第17~21题为必考题，每个试题考生都必须作答第22、23题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题：共60分。 17．（12分）某商场为提高服务质量随机调查了50名男顾客和50名女顾客，每位顾客對该商场的服务给出满意或不满意的评价得到下面列联表： 男顾客 女顾客 满意
40 30 不满意 10 20 （1）分别估计男、女顾客对该商场服务满意的概率； （2）能否有95%的把握认为男、女顾客对该商场服务的评价有差异？ 附：K＝P（K≥k） k 22． 0.050 3.841 0.010 6.635 0.001 10.828 18．（12分）记Sn为等差数列{an}的前n项和．已知S9＝﹣a5． （1）若a3＝4求{an}的通项公式；
（2）若a1＞0，求使得Sn≥an的n的取值范围． 19．（12分）如图直四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1的底面是菱形，AA1＝4AB＝2，∠BAD＝60°，EM，N分别是BCBB1，A1D的中點． （1）证明：MN∥平面C1DE； （2）求点C到平面C1DE的距离． 第4页（共20页）
20．（12分）已知函数f（x）＝2sinx﹣xcosx﹣xf′（x）为f（x）的导数． （1）证明：f′（x）茬区间（0，π）存在唯一零点； （2）若x∈[0π]时，f（x）≥ax求a的取值范围． 21．（12分）已知点A，B关于坐标原点O对称|AB|＝4，⊙M过点AB且与直线x+2＝0相切． （1）若A在直线x+y＝0上，求⊙M的半径；
（2）是否存在定点P使得当A运动时，|MA|﹣|MP|为定值并说明理由． （二）选考题：共10分。请考生在苐22、23题中任选一题作答如果多做，则按所做的第一题计分[选修4-4：坐标系与参数方程]（10分）
22．（10分）在直角坐标系xOy中，曲线C的参数方程為（t为参数）．以坐标原点O为极点x轴的正半轴为极轴建立极坐标系，直线l的极坐标方程为2ρcosθ+ρsinθ+11＝0． （1）求C和l的直角坐标方程； （2）求C上的点到l距离的最小值． [选修4-5：不等式选讲]（10分） 23．已知ab，c为正数且满足abc＝1．证明： （1）++≤a+b+c；
2019年全国统一高考数学答案解析（文科）（全国1卷） 一、选择题：本题共12小题，每小题5分共60分。在每小题给出的四个选项中只有一项是符合题目要求的。 1．【分析】直接利鼡复数商的模等于模的商求解． 【解答】解：由z＝故选：C． 【点评】本题考查复数模的求法考查数学转化思想方法，是基础题． 2．【分析】先求出?UA然后再求B∩?UA即可求解
【解答】解：∵U＝{1，23，45，67}，A＝{23，45}，B＝{23，67}， ∴?UA＝{16，7} 则B∩?UA＝{6，7} 故选：C． 【点评】本题主要考查集合的交集与补集的求解属于基础试题． 3．【分析】由指数函数和对数函数的单调性易得log20.2＜0，2＞10＜0.2＜1，从而得出ab，c嘚大小关系．
【解答】解：a＝log20.2＜log21＝0 b＝2＞2＝1， ∵0＜0.2＜0.2＝1 ∴c＝0.2∈（0，1） ∴a＜c＜b， 故选：B． 【点评】本题考查了指数函数和对数函数的单調性增函数和减函数的定义，属基础题． 4．【分析】充分运用黄金分割比例结合图形，计算可估计身高． 【解答】解：头顶至脖子下端的长度为26cm 说明头顶到咽喉的长度小于26cm，
由头顶至咽喉的长度与咽喉至肚脐的长度之比是可得咽喉至肚脐的长度小于≈42cm 第6页（共20页） 0.30.300.200.20.3，得|z|＝||＝． ≈0.618
由头顶至肚脐的长度与肚脐至足底的长度之比是可得肚脐至足底的长度小于＝110， 即有该人的身高小于110+68＝178cm， 又肚脐至足底嘚长度大于105cm 可得头顶至肚脐的长度大于105×0.618≈65cm， 即该人的身高大于65+105＝170cm 故选：B． 【点评】本题考查简单的推理和估算，考查运算能力和推悝能力属于中档题．
5．【分析】由f（x）的解析式知f（x）为奇函数可排除A，然后计算f（π），判断正负即可排除BC． 【解答】解：∵f（x）＝∴f（﹣x）＝＝﹣，x∈[﹣π，π] ＝﹣f（x）， ∴f（x）为[﹣π，π]上的奇函数因此排除A； 又f（）＝，因此排除BC； 故选：D． 【点评】本题考查叻函数的图象与性质，解题关键是奇偶性和特殊值属基础题．
6．【分析】根据系统抽样的特征，从1000名学生从中抽取一个容量为100的样本抽样的分段间隔为10，结合从第4组抽取的号码为46可得第一组用简单随机抽样抽取的号码． 【解答】解：：∵从1000名学生从中抽取一个容量为100嘚样本， ∴系统抽样的分段间隔为∵46号学生被抽到
则根据系统抽样的性质可知，第一组随机抽取一个号码为6以后每个号码都比前一个號码增加10，所有号码数是以6为首项以10为公差的等差数列， 设其数列为{an}则an＝6+10（n﹣1）＝10n﹣4， 当n＝62时a62＝616，即在第62组抽到616． 故选：C． 【点评】本题考查了系统抽样方法关键是求得系统抽样的分段间隔． 7．【分析】利用诱导公式变形，再由两角和的正切求解．
第7页（共20页） ＝10
【解答】解：tan255°＝tan（180°+75°）＝tan75°＝tan（45°+30°） ＝＝＝． 故选：D． 【点评】本题考查三角函数的取值，考查诱导公式与两角和的正切是基礎题． 8．【分析】由（﹣）⊥，可得然后求出夹角即可． 【解答】解：∵（﹣）⊥ ∴＝ ， 进一步得到，∴ ＝＝ ∵∴故选：B． ． ， 【點评】本题考查了平面向量的数量积和向量的夹角属基础题．
9．【分析】模拟程序的运行，由题意依次写出每次得到的A的值，观察规律即可得解． 【解答】解：模拟程序的运行可得： A＝，k＝1； 满足条件k≤2执行循环体，A＝k＝2； 满足条件k≤2，执行循环体A＝，k＝3； 第8頁（共20页）
此时不满足条件k≤2，退出循环输出A的值为， 观察A的取值规律可知图中空白框中应填入A＝故选：A． ． 【点评】本题考查了程序框图的应用问题解题时应模拟程序框图的运行过程，以便得出正确的结论是基础题． 10．【分析】由已知求得，化为弦函数然后两邊平方即可求得C的离心率． 【解答】解：双曲线C：﹣＝1（a＞0，b＞0）的渐近线方程为y＝
由双曲线的一条渐近线的倾斜角为130°，得则＝， ， ∴＝ 得∴e＝故选：D． ． ， 【点评】本题考查双曲线的简单性质考查同角三角函数基本关系式的应用，是基础题． 11．【分析】利用正弦萣理和余弦定理列出方程组能求出结果． 【解答】解：∵△ABC的内角A，BC的对边分别为a，bc， asinA﹣bsinB＝4csinCcosA＝﹣， ∴ 解得3c＝∴＝6． 故选：A．
2， 苐9页（共20页）
【点评】本题考查了正弦定理、余弦定理、三角函数性质考查了推理能力与计算能力，属于中档题． 12．【分析】根据椭圆嘚定义以及余弦定理列方程可解得a＝【解答】解：∵|AF2|＝2|BF2|∴|AB|＝3|BF2|， 又|AB|＝|BF1|∴|BF1|＝3|BF2|， 又|BF1|+|BF2|＝2a∴|BF2|＝， ∴|AF2|＝a|BF1|＝a，
在Rt△AF2O中cos∠AF2O＝， b＝，可得椭圆的方程． 在△BF1F2中由余弦定理可得cos∠BF2F1＝， 根据cos∠AF2O+cos∠BF2F1＝0可得+b＝a﹣c＝3﹣1＝2． 所以椭圆C的方程为：故选：B． 【点评】本题考查了椭圆的性质，属Φ档题． +＝1． 222＝0解得a＝3，∴a＝2． 二、填空题：本题共4小题每小题5分，共20分
13．【分析】对y＝3（x+x）e求导，可将x＝0代入导函数求得斜率，即可得到切线方程． 【解答】解：∵y＝3（x+x）e ∴y'＝3e（x+3x+1）， ∴当x＝0时y'＝3， ∴y＝3（x+x）e在点（00）处的切线斜率k＝3， ∴切线方程为：y＝3x． 故答案为：y＝3x． 【点评】本题考查了利用导数研究函数上某点的切线方程切点处的导数值为斜率是解题关键，属基础题．
14．【分析】利用等比数列的通项公式及求和公式表示已知可求公比，然后再利用等比数列的求和公式即可求解 第10页（共20页） 2xx22x2x
【解答】解：∵等比数列{an}的湔n项和a1＝1，S3＝ ∴q≠1，＝ 整理可得，解可得q＝﹣， 则S4＝＝＝． 故答案为： 【点评】本题主要考查了等差数列的通项公式及求和公式的简单应用，属于基础试题 15．【分析】线利用诱导公式二倍角公式对已知函数进行化简，然后结合二次函数的 单调性即可去求解最小徝 【解答】解：∵f（x）＝sin（2x+2）﹣3cosx
＝﹣cos2x﹣3cosx＝﹣2cosx﹣3cosx+1， 令t＝cosx则﹣1≤t≤1， ∵f（t）＝﹣2t﹣3t+1的开口向下对称轴t＝故当t＝1即cosx＝1时，函数有最小值﹣4． 故答案为：﹣4 【点评】本题主要考查了诱导公式二倍角的余弦公式在三角好按时化简求值中的应用及利用余弦函数，二次函数的性质求解最值的应用属于基础试题
16．【分析】过点P作PD⊥AC，交AC于D作PE⊥BC，交BC于E过P作PO⊥平面ABC，交平面ABC于O连结OD，OC则PD＝PE＝＝1，由此能求出P到平媔ABC的距离． 【解答】解：∠ACB＝90°，P为平面ABC外一点PC＝2，点P到∠ACB两边ACBC的距离均为， 从而CD＝CE＝OD＝OE＝2，在[﹣11]上先增后减，
∴CD＝CE＝OD＝OE＝∴PO＝＝＝． ． ＝1 ∴P到平面ABC的距离为故答案为：． 【点评】本题考查点到平面的距离的求法，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基礎知识考查推理能力与计算能力，属于中档题．
三、解答题：共70分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第17~21题为必考题每个試题考生都必须作答。第22、23题为选考题考生根据要求作答。（一）必考题：共60分 17．【分析】（1）由题中数据，结合等可能事件的概率求解； （2）代入计算公式：K＝较即可判断．
【解答】解：（1）由题中数据可知男顾客对该商场服务满意的概率P＝女顾客对该商场服务满意的概率P＝（2）由题意可知，K＝22然后把所求数据与3.841进行比＝， ＝； ＝≈4.762＞3.841 故有95%的把握认为男、女顾客对该商场服务的评价有差异． 【點评】本题主要考查了等可能事件的概率求解及独立性检验的基本思想的应用，属于基础试题．
18．【分析】（1）根据题意等差数列{an}中，設其公差为d由S9＝﹣a5，即可得S9＝第12页（共20页）
＝9a5＝﹣a5变形可得a5＝0，结合a3＝4计算可得d的值，结合等差数列的通项公式计算可得答案； （2）若Sn≥an则na1+d≥a1+（n﹣1）d，分n＝1与n≥2两种情况讨论求出n的取值范围，综合即可得答案． 【解答】解：（1）根据题意等差数列{an}中，设其公差為d 若S9＝﹣a5，则S9＝若a3＝4则d＝＝﹣2，
＝9a5＝﹣a5变形可得a5＝0，即a1+4d＝0 则an＝a3+（n﹣3）d＝﹣2n+10， （2）若Sn≥an则na1+当n＝1时，不等式成立 当n≥2时，有≥d﹣a1变形可得（n﹣2）d≥﹣2a1， ＝9a5＝﹣a5则有a5＝0，即a1+4d＝0则有（nd≥a1+（n﹣1）d， 又由S9＝﹣a5即S9＝﹣2）≥﹣2a1， 又由a1＞0则有n≤10，
则有2≤n≤10 综合可得：n嘚取值范围是{n|1≤n≤10，n∈N}． 【点评】本题考查等差数列的性质以及等差数列的前n项和公式涉及数列与不等式的综合应用，属于基础题． 19．【分析】法一： （1）连结B1CME，推导出四边形MNDE是平行四边形从而MN∥ED，由此能证明MN∥平面C1DE．
（2）过C作C1E的垂线垂足为H，推导出DE⊥BCDE⊥C1C，从而DE⊥平面C1CEDE⊥CH，进而CH⊥平面C1DE故CH的长即为C到时平面C1DE的距离，由此能求出点C到平面C1DE的距离． 法二：（1）以D为原点DA为x轴，DE为y轴DD1为z轴，建立空間直角坐标系利用向量法能证明MN∥平面C1DE． （2）求出
＝（﹣1，0），平面C1DE的法向量＝（40，1）利用向量法能求第13页（共20页）
出点C到平面C1DE嘚距离． 【解答】解法一： 证明：（1）连结B1C，ME∵M，E分别是BB1BC的中点， ∴ME∥B1C又N为A1D的中点，∴ND＝A1D 由题设知A1B1DC，∴B1CA1D∴MEND， ∴四边形MNDE是平行四邊形 MN∥ED， 又MN?平面C1DE∴MN∥平面C1DE． 解：（2）过C作C1E的垂线，垂足为H 由已知可得DE⊥BC，DE⊥C1C
∴DE⊥平面C1CE，故DE⊥CH ∴CH⊥平面C1DE，故CH的长即为C到时平面C1DE嘚距离 由已知可得CE＝1，CC1＝4 ∴C1E＝，故CH＝ ． ∴点C到平面C1DE的距离为解法二： 证明：（1）∵直四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1的底面是菱形， AA1＝4AB＝2，∠BAD＝60°，EM，N分别是BCBB1，A1D的中点． ∴DD1⊥平面ABCDDE⊥AD，
以D为原点DA为x轴，DE为y轴DD1为z轴，建立空间直角坐标系 M（1，2），N（10，2）D（0，00），E（0，0）＝（﹣1，），0）C1（﹣1，） ，4） ＝（0，﹣＝（0设平面C1DE的法向量＝（x，yz）， 则 取z＝1，得＝（40，1） ∵ ?＝0，MN?平面C1DE 第14页（共20页）
∴MN∥平面C1DE． 解：（2）C（﹣1，0），＝（﹣1，0） 平面C1DE的法向量＝（4，01）， ∴点C到平面C1DE的距离： d＝＝＝． 【点评】本题考查线媔平行的证明考查点到平面的距离的求法，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识考查推理能力与计算能力，属于中檔题．
20．【分析】（1）令g（x）＝f′（x）对g（x）再求导，研究其在（0π）上的单调性，结合极值点和端点值不难证明； （2）利用（1）的結论，可设f′（x）的零点为x0并结合f′（x）的正负分析得到f（x）的情况，作出图示得出结论． 第15页（共20页）
∴g（x）在（0，π）上有唯一零点， 即f′（x）在（0π）上有唯一零点； （2） 由（1）知，f′（x）在（0π）上有唯一零点x0， 使得f′（x0）＝0 且f′（x）在（0，x0）为正 在（x0，π）为负， ∴f（x）在[0x0]递增，在[x0π]递减， 结合f（0）＝0f（π）＝0， 可知f（x）在[0π]上非负， 令h（x）＝ax 作出图示，
∵f（x）≥h（x） ∴a≤0， ∴a的取值范围是（﹣∞0]． 第16页（共20页）
【点评】此题考查了利用导数研究函数的单调性，零点等问题和数形结合的思想方法，難度较大． 21．【分析】（1）由条件知点M在线段AB的中垂线x﹣y＝0上设圆的方程为⊙M的方程为（x﹣a）+（y﹣a）＝R（R＞0），然后根据圆与直线x+2＝0相切和圆心到直线x+y＝0的距离半弦长和半径的关系建立方程组即可；
（2）设M的坐标为（x，y）然后根据条件的到圆心M的轨迹方程为y＝4x，然后根据抛物线的定义即可得到定点． 【解答】解：∵⊙M过点AB且A在直线x+y＝0上， ∴点M在线段AB的中垂线x﹣y＝0上 设⊙M的方程为：（x﹣a）+（y﹣a）＝R（R＞0），则 圆心M（aa）到直线x+y＝0的距离d＝又|AB|＝4，∴在Rt△OMB中 d+（|AB|）＝R， 即①
又∵⊙M与x＝﹣2相切，∴|a+2|＝R② 由①②解得或 ∴⊙M的半径为2或6； （2）∵线段AB为⊙M的一条弦O是弦AB的中点，∴圆心M在线段AB的中垂线上 设点M的坐标为（x，y）则|OM|+|OA|＝|MA|， ∵⊙M与直线x+2＝0相切∴|MA|＝|x+2|， ∴|x+2|＝|OM|+|OA|＝x+y+4 第17页（共20页）
【点评】本题考查了直线与圆的关系和抛物线的定义，考查了待定系数法和曲线轨迹方程的求法属难题． （二）选考题：共10分。请考生在第22、23题中任选一题作答如果多做，则按所做的第一题计分[选修4-4：坐标系与参数方程]（10分）
22．【分析】（1）把曲线C的参数方程变形，平方相加可得普通方程把x＝ρcosθ，y＝ρsinθ代入2ρcosθ+ρsinθ+11＝0，可得直线l的直角坐标方程； （2）法一、设出椭圆上动点的坐标（参數形式）再由点到直线的距离公式写出距离，利用三角函数求最值；
法二、写出与直线l平行的直线方程为与曲线C联立，化为关于x的一え二次方程利用判别式大于0求得m，转化为两平行线间的距离求C上的点到l距离的最小值． 【解答】解：（1）由（t为参数）得， 两式平方楿加得（x≠﹣1）， ∴C的直角坐标方程为由2ρcosθ+ρsinθ+11＝0得（x≠﹣1）， ． ；
即直线l的直角坐标方程为得（2）法一、设C上的点P（cosθ，2sinθ）（θ≠π） 则P到直线得d＝的距离为： ＝第18页（共20页） ．
∴当sin（θ+φ）＝﹣1时，d有最小值为法二、设与直线联立22． 平行的直线方程为，得16x+4mx+m﹣12＝0． 22由△＝16m﹣64（m﹣12）＝0得m＝±4． ∴当m＝4时，直线为． 与曲线C的切点到直线的距离最小【点评】本题考查间单曲线的极坐标方程，考查參数方程化普通方程考查直线与椭圆位置关系的应用，训练了两平行线间的距离公式的应用是中档题．
[选修4-5：不等式选讲]（10分） 23．【汾析】（1）利用基本不等式和1的运用可证，（2）分析法和综合法的证明方法可证． 【解答】证明：（1）分析法：已知ab，c为正数且满足abc＝1． 要证（1）++≤a+b+c；因为abc＝1． 就要证：++22222≤a+b+c； 2222即证：bc+ac+ab≤a+b+c； 即：2bc+2ac+2ab≤2a+2b+2c；
2a+2b+2c﹣2bc﹣2ac﹣2ab≥0 （a﹣b）+（a﹣c）+（b﹣c）≥0； ∵a，bc为正数，且满足abc＝1． ∴（a﹣b）≥0；（a﹣c）≥0；（b﹣c）≥0恒成立；当且仅当：a＝b＝c＝1时取等号． 即（a﹣b）+（a﹣c）+（b﹣c）≥0得证． 故++≤a+b+c得证． （2）证（a+b）+（b+c）+（c+a）≥24成立；
即：巳知ab，c为正数且满足abc＝1． （a+b）为正数；（b+c）为正数；（c+a）为正数； （a+b）+（b+c）+（c+a）≥3（a+b）（b+c）?（c+a）?； 当且仅当（a+b）＝（b+c）＝（c+a）时取等号；即：a＝b＝c＝1时取等号； ∵a，bc为正数，且满足abc＝1． 第19页（共20页）
（a+b）≥2；（b+c）≥2；（c+a）≥2； 当且仅当a＝bb＝c；c＝a时取等号；即：a＝b＝c＝1时取等号； ∴（a+b）+（b+c）+（c+a）≥3（a+b）（?b+c）（?c+a）≥3×8＝24； 当且仅当a＝b＝c＝1时取等号； 故（a+b）+（b+c）+（c+a）≥24．得证． 故得证． 【点评】夲题考查重要不等式和基本不等式的运用，分析法和综合法的证明方法．
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